2023年考研计算机专业课复习要点,菁选2篇【通用文档】

考研计算机专业课的复习要点1　　什么是中断允许触发器?它有何作用?　　解：中断允许触发器是CPU中断系统中的一个部件，他起着开关中断的作用(即中断总开关，则中断屏蔽触发器可视为中断的分开关)。　　在下面是小编为大家整理的2023年考研计算机专业课复习要点,菁选2篇【通用文档】,供大家参考。

考研计算机专业课的复习要点1

　　什么是中断允许触发器?它有何作用?

　　解：中断允许触发器是CPU中断系统中的一个部件，他起着开关中断的作用(即中断总开关，则中断屏蔽触发器可视为中断的分开关)。

　　在什么条件和什么时间，CPU可以响应I/O的中断请求?

　　解：CPU响应I/O中断请求的条件和时间是：当中断允许状态为1(EINT=1)，且至少有一个中断请求被查到，则在一条指令执行完时，响应中断。

　　17. 某系统对输入数据进行取样处理，每抽取一个输入数据，CPU就要中断处理一次，将取样的数据存至存储器的缓冲区中，该中断处理需P秒。此外，缓冲区内每存储N个数据，主程序就要将其取出进行处理，这个处理需Q秒。试问该系统可以跟踪到每秒多少次中断请求?

　　解：这是一道求中断饱和度的题，要注意主程序对数据的处理不是中断处理，因此Q秒不能算在中断次数内。

　　N个数据所需的处理时间=P×N+Q秒

　　*均每个数据所需处理时间= (P×N+Q) /N秒;

　　求倒数得：

　　该系统跟踪到的每秒中断请求数=N/(P×N+Q)次。

　　在程序中断方式中，磁盘申请中断的优先权高于打印机。当打印机正在进行打印时，磁盘申请中断请求。试问是否要将打印机输出停下来，等磁盘操作结束后，打印机输出才能继续进行?为什么?

　　解：这是一道多重中断的题，由于磁盘中断的优先权高于打印机，因此应将打印机输出停下来，等磁盘操作结束后，打印机输出才能继续进行。因为打印机的速度比磁盘输入输出的速度慢，并且暂停打印不会造成数据丢失。

　　讨论：

　　打印机不停，理由有如下几种：

　　打印内容已存入打印机缓存;

　　问题：1)如果打印机无缓存呢?

　　2)如果打印机有缓存，还需要用程序中断方式交换吗?(应用DMA)

　　由于在指令执行末查中断，因此执行打印指令时不会响应磁盘中断。

　　问题：打印中断处理程序=打印指令?

　　采用字节交叉传送方式，当两者同时请求中断时，先响应盘，再响应打印机，交叉服务。

　　问题：这是程序中断方式吗?

　　由于打印机速度比CPU慢得多，CPU将数据发送给打印机后，就去为磁盘服务，而这时打印机可自己慢慢打印。

　　问题：停止打印机传送=停止打印机动作?

　　我有打印机，感觉上打印机工作是连贯的;

　　问题：人的感觉速度=计算机工作速度?

　　CPU对DMA请求和中断请求的响应时间是否一样?为什么?

　　解： CPU对DMA请求和中断请求的响应时间不一样，因为两种方式的交换速度相差很大，因此CPU必须以更短的时间间隔查询并响应DMA请求(一个存取周期末)。

　　讨论：

　　CPU对DMA的响应是即时的;

　　随时都能响应?

　　CPU响应DMA的时间更短;

　　DMA比中断速度高;

　　短、高或不一样的具体程度?

　　不一样。因为DMA与CPU共享主存，会出现两者争用主存的冲突，CPU必须将总线让给DMA接口使用，常用停止CPU访存、周期窃取及DMA与CPU交替访存三种方式有效的分时使用主存;

　　这种情况仅仅存在于DMA与中断程序之间吗?答非所问。

考研计算机专业课的复习要点2

　　以写入1001 0110为例，比较调频制和改进调频制的写电流波形图。

　　解：写电流波形图如下：

　　比较：

　　1)FM和MFM写电流在位周期中心处的变化规则相同;

　　2)MFM制除连续一串“0”时两个0周期交界处电流仍变化外，基本取消了位周期起始处的电流变化;

　　3)FM制记录一位二进制代码最多两次磁翻转，MFM制记录一位二进制代码最多一次磁翻转，因此MFM制的记录密度可提高一倍。上图中示出了在MFM制时位周期时间缩短一倍的情况。由图可知，当MFM制记录密度提高一倍时，其写电流频率与FM制的写电流频率相当;

　　4)由于MFM制并不是每个位周期都有电流变化，故自同步脉冲的分离需依据相邻两个位周期的读出信息产生，自同步技术比FM制复杂得多。

　　25. 画出调相制记录01100010的驱动电流、记录磁通、感应电势、同步脉冲及读出代码等几种波形。

　　解：

　　注意：

　　1)画波形图时应严格对准各种信号的时间关系。

　　2)读出感应信号不是方波而是与磁翻转边沿对应的尖脉冲;

　　3)同步脉冲的出现时间应能“包裹”要选的读出感应信号，才能保证选通有效的读出数据信号，并屏蔽掉无用的感应信号。

　　4)最后读出的数据代码应与写入代码一致。

　　26. 磁盘组有六片磁盘，每片有两个记录面，存储区域内径22厘米，外径33厘米，道密度为40道/厘米，内层密度为400位/厘米，转速2400转/分，问：

　　(1)共有多少存储面可用?

　　(2)共有多少柱面?

　　(3)盘组总存储容量是多少?

　　(4)数据传输率是多少?

　　解：

　　(1)若去掉两个保护面，则共有：

　　6 × 2 - 2 = 10个存储面可用;

　　(2)有效存储区域

　　=(33-22)/ 2 = 5.5cm

　　柱面数 = 40道/cm × 5.5= 220道

　　=p (3)内层道周长=22 69.08cm

　　道容量=400位/cm×69.08cm

　　= 3454B

　　面容量=3454B × 220道

　　= 759，880B

　　盘组总容量 = 759，880B × 10面

　　= 7，598，800B

　　(4)转速 = 2400转 / 60秒

　　= 40转/秒

　　数据传输率 = 3454B × 40转/秒

　　= 138，160 B/S

　　注意：

　　1)计算盘组容量时一般应去掉上、下保护面;

　　的精度选取不同将引起答案不同，一般取两位小数;p2)

　　盘组总磁道数(=一个盘面上的磁道数)¹3)柱面数

　　4)数据传输率与盘面数无关;

　　5)数据传输率的单位时间是秒，不是分。

　　27. 某磁盘存储器转速为3000转/分，共有4个记录盘面，每毫米5道，每道记录信息12 288字节，最小磁道直径为230mm，共有275道，求：

　　(1)磁盘存储器的存储容量;

　　(2)最高位密度(最小磁道的位密度)和最低位密度;

　　(3)磁盘数据传输率;

　　(4)*均等待时间。

　　解：

　　(1)存储容量 = 275道×12 288B/道×4面 = 13 516 800B

　　(2)最高位密度 = p12 288B/230

　　= 17B/mm = 136位/mm(向下取整)

　　最大磁道直径

　　=230mm+275道/5道 ×2

　　= 230mm + 110mm = 340mm

　　p 最低位密度 = 12 288B / 340

　　= 11B/mm = 92位 / mm (向下取整)

　　(3)磁盘数据传输率

　　= 12 288B × 3000转/分

　　=12 288B × 50转/秒=614 400B/S

　　(4)*均等待时间 = 1/50 / 2 = 10ms

　　讨论：

　　1、本题给出的道容量单位为字节，

　　因此算出的存储容量单位也是字节，而不是位;

　　2、由此算出的位密度单位最终应转换成bpm(位/毫米);

　　3、*均等待时间是磁盘转半圈的时间，与容量无关。